V numerických cvičeních je možno pouze na typickém příkladu ukázat hlavní části řešení a diskutovat získané výsledky. Seznámení se s obvyklými modifikacemi situací a jejich řešením je však nutno zvládnout řešením dalších příkladů formou samostatného studia. V řadě situací si tyto modifikace mohou studenti tvořit sami, chybí však zpětná vazba informace o správnosti postupu a výsledků. Pomůckou tak může být sbírka příkladů doplněných hlavními výsledky a v nutných případech i náznakem postupu řešení. Při výběru příkladů k řešení je třeba dbát na to, aby postupně pokryly celou problematiku včetně modifikací vstupních údajů a postupů řešení. Neméně důležité je skutečné výpočtové zvládnutí řešení, které ...
FEKT Vysokého učení technického Brně
( =−−=−= 2/1862/)1(
1
)1(
XX Ω
Ty možno realizovat cívkami indukčností Lp/2 nebo úseky vedení (Zop lp) na
konci nakrátko nebo naprázdno. 6. zakreslení normované hodnoty reaktance
pahýlu =−== 300/93/)2()2(
oppp ZXx 0,31 Smithova diagramu určíme =vpl λ/)2(
0,452 .25,0454,0(. 1
)2(
1
)2(
1 oZxX +186 bude opět kompenzována
pahýlem reaktancí -X1 Vzhledem symetrii vedení zde série oběma vstupními
svorkami pomocného vedení zapojíme prvky reaktancí
( =−=−= 2/1862/)2(
1
)2(
XX Ω
Ty možno realizovat kondenzátory kapacitou Cp/2 11,4 nebo úseky vedení (Zop lp)
na zakončenými nakrátko nebo naprázdno. Normovanou hodnotu reaktance pahýlu
=== 300/93/)1()1(
oppp ZXx 0,31 zakreslíme Smithova diagramu najdeme poměr
=vpl λ/)1(
0,048 Pak pro pahýl
- nakrátko ==−= 2.07,0222,0.0/)2()2(
vvppk 0,904 m
- naprázdno =−=−= 2.25,0/)2()2(
vvppo 0,404 m
c) obvod paralelním pahýlem (Obr.0/)1()1(
vvppk 0,096 m
- naprázdno =+=+= 2. Pak 3,0)1(
−=pb obvodu
Smithova diagramu najdeme hodnotu poměru =vpl λ/)1(
0,454 Pak pro pahýl
- nakrátko =−=−= 2).25,0048,0.06,032,05,0. =)1(
1y 0,6 =vl λ/)1(
0,222
Pak vložené vedení bude mít délku =−=−= 2.25,0/)1()1(
vvppk 0,408 m
- naprázdno =−=−= 2.0/)1()1(
vvppo 0,908. 1
)1(
1
)1(
1 oYbB bude kompenzována pahýlem stejně velkou
susceptancí opačným znaménkem )1(
1
)1(
BBp Ten možno realizovat cívkou
s indukčností 1,06 μH, zapojenou paralelně vstupním svorkám vloženého vedení,
nebo úsekem vedení (Zop ,lp) konci nakrátko nebo naprázdno.048,0.)2()2(
1 vvkv lll λλλ 0,48 m
a reaktance jeho vstupu =+== 600.31,0.3)
Nejprve zakreslíme Smithova diagramu normovanou hodnotu impedance zátěže
zk /Zo1 (780 540)/600 1,3 0,9 najdeme středově souměrný bod zobrazující
normovanou admitanci zátěže 0,52 0,36 kdy lk/λv 0,07 Admitance vstupu
vloženého vedení musí mít reálnou složku Yov splněno, když koncový bod fázoru
činitele odrazu leží kružnici normované konduktance ==== 300600111 ovooov ZZYYg .0454,0.
Úloha opět dvě řešení:
1.25,0452,0.25,0/)1()1(
vvppo 0,596 m
2. =vl λ/)2(
0,06 =)1(
1z 0,5 0,31 Pak vložené vedení bude mít délku
( =+−=−= 2.)1()1(
1 vvkv lll λλλ 0,304 m
Susceptance === 600/6,0.0452,0(.
Pak pro pahýl
- nakrátko =−=−= 2)
