V numerických cvičeních je možno pouze na typickém příkladu ukázat hlavní části řešení a diskutovat získané výsledky. Seznámení se s obvyklými modifikacemi situací a jejich řešením je však nutno zvládnout řešením dalších příkladů formou samostatného studia. V řadě situací si tyto modifikace mohou studenti tvořit sami, chybí však zpětná vazba informace o správnosti postupu a výsledků. Pomůckou tak může být sbírka příkladů doplněných hlavními výsledky a v nutných případech i náznakem postupu řešení. Při výběru příkladů k řešení je třeba dbát na to, aby postupně pokryly celou problematiku včetně modifikací vstupních údajů a postupů řešení. Neméně důležité je skutečné výpočtové zvládnutí řešení, které ...
10.
10.λ splněnou pro 15,3 km, podobně předpoklad splněn při
h1+h2 5.h2 r.2
10.ˆ1. Pak
( =−+=Δ−+= oo
jjrjk
r
DP
E 306exp.12,4 hhrp výrazně větší než délka trasy km
a zakřivení Země možno zanedbat.
.Elektromagnetické vlny, antény vedení příklady 57
[ ]=+=+= 10283.
Vysílač pracující kmitočtu 100 MHz dodává antény výkon W.10/2000 2,83 zpožděna
o úhel 305,7o
. Použití vztahu 8.exp(179,9o
)
Pro horizontálně polarizovanou vlnu činitel odrazu liší jen velmi málo hodnoty a
výpočet podle 8.12,4.6047,1sin
7,1cos10.2.7 bude vzdálenosti intenzita pole
=== Σ
44
3
21
10.5
Vysílací anténa činitelem směrovosti horizontální polarizací umístěna na
kopci výšce 200 nad rovinatým terénem suchou půdou 10-3
S/m).
.30..
Vypočtěte:
a) intenzitu pole vzdálenosti antény výšce nad terénem
b) intenzitu pole vzdálenosti výšce m
c) intenzitu pole vzdálenosti výšce m
d) jaké výšce bude intenzita pole velmi malá vzdálenosti km
.7 bychom dostali hodnotu
E 18,4 mV/m.30
exp.r pro trasy delší než 5,9 Pro menší vzdálenosti nutno nejprve určit
hodnotu pak sečíst přímou odraženou vlnu podle vztahu 8..h1.10-2
.60sin
ˆ
23
23
2
2
γλε
γλε
ρ
= 0,966.30.
sin.2
10.4
.33,3.4 Fáze
odražené vlny vlivem rozdílu drah 2h1.6 byl ještě dosti přesný.5b pro elevační úhel
Δ arctg[(h1+h2)/r] arctg [(283+10)/104
] 1,7o
( )
( )
=
−−+
−−−
=
Δ−−+Δ
Δ−−−Δ
=
−
−
oo
oo
r
r
h
j
j
j
j
7,1cos10.6047,1sin
cos.30 π
λ
π
r
hh
r
DP
E 4,6 mV/m
b) Argument sinové funkce 8.30
3
3
ρ
= 0,0866.0,892 77,25 mV/m
Příklad 8.283. Při vertikální polarizaci bychom dostali
ρˆ 0,87.2..h2/r 2.
Výslednou intenzitu pole vzdálenosti vypočteme dosazením 8.2
10.6 roven 0,53 rad (30,6o
) intenzita pole bude
( )==⎟
⎠
⎞
⎜
⎝
⎛
= o
r
hh
k
r
DP
E 6,30sin.966,01.30
4
3
21
17,6 mV/m
Při náhradě sinové funkce jejím argumentem podle 8.
10
10..
.4 ..
c) předchozích kontrol plyne, pro trasu délky již není možno uvažovat činitel
odrazu Jeho skutečnou hodnotu musíme vypočítat podle 8.exp(j180,1o
) nižší amplituda odražené vlny byla patrná především blízkosti
minim intenzity .180exp.60sin
cos.7 omezeno podmínkou
18.283
.
a) Podle vztahu 8.33,3.
90/300
4
