V numerických cvičeních je možno pouze na typickém příkladu ukázat hlavní části řešení a diskutovat získané výsledky. Seznámení se s obvyklými modifikacemi situací a jejich řešením je však nutno zvládnout řešením dalších příkladů formou samostatného studia. V řadě situací si tyto modifikace mohou studenti tvořit sami, chybí však zpětná vazba informace o správnosti postupu a výsledků. Pomůckou tak může být sbírka příkladů doplněných hlavními výsledky a v nutných případech i náznakem postupu řešení. Při výběru příkladů k řešení je třeba dbát na to, aby postupně pokryly celou problematiku včetně modifikací vstupních údajů a postupů řešení. Neméně důležité je skutečné výpočtové zvládnutí řešení, které ...
.2.4
.
sin.6 roven 0,53 rad (30,6o
) intenzita pole bude
( )==⎟
⎠
⎞
⎜
⎝
⎛
= o
r
hh
k
r
DP
E 6,30sin.10/2000 2,83 zpožděna
o úhel 305,7o
..30.7 bude vzdálenosti intenzita pole
=== Σ
44
3
21
10.
c) předchozích kontrol plyne, pro trasu délky již není možno uvažovat činitel
odrazu Jeho skutečnou hodnotu musíme vypočítat podle 8.
Výslednou intenzitu pole vzdálenosti vypočteme dosazením 8.180exp.exp(179,9o
)
Pro horizontálně polarizovanou vlnu činitel odrazu liší jen velmi málo hodnoty a
výpočet podle 8.6 byl ještě dosti přesný.
Vypočtěte:
a) intenzitu pole vzdálenosti antény výšce nad terénem
b) intenzitu pole vzdálenosti výšce m
c) intenzitu pole vzdálenosti výšce m
d) jaké výšce bude intenzita pole velmi malá vzdálenosti km
.
a) Podle vztahu 8.
10
10.30.4 .exp(j180,1o
) nižší amplituda odražené vlny byla patrná především blízkosti
minim intenzity .h2 r. Při vertikální polarizaci bychom dostali
ρˆ 0,87.
Vysílač pracující kmitočtu 100 MHz dodává antény výkon W.5
Vysílací anténa činitelem směrovosti horizontální polarizací umístěna na
kopci výšce 200 nad rovinatým terénem suchou půdou 10-3
S/m).
90/300
4
.5b pro elevační úhel
Δ arctg[(h1+h2)/r] arctg [(283+10)/104
] 1,7o
( )
( )
=
−−+
−−−
=
Δ−−+Δ
Δ−−−Δ
=
−
−
oo
oo
r
r
h
j
j
j
j
7,1cos10..33,3.2
10. Pak
( =−+=Δ−+= oo
jjrjk
r
DP
E 306exp.6047,1sin
cos.
.30
exp..30
4
3
21
17,6 mV/m
Při náhradě sinové funkce jejím argumentem podle 8.h1.60sin
ˆ
23
23
2
2
γλε
γλε
ρ
= 0,966.33,3.30 π
λ
π
r
hh
r
DP
E 4,6 mV/m
b) Argument sinové funkce 8.
10.
.2.4 Fáze
odražené vlny vlivem rozdílu drah 2h1.7 bychom dostali hodnotu
E 18,4 mV/m.ˆ1.h2/r 2.Elektromagnetické vlny, antény vedení příklady 57
[ ]=+=+= 10283..283
.r pro trasy delší než 5,9 Pro menší vzdálenosti nutno nejprve určit
hodnotu pak sečíst přímou odraženou vlnu podle vztahu 8.6047,1sin
7,1cos10.
10..0,892 77,25 mV/m
Příklad 8.λ splněnou pro 15,3 km, podobně předpoklad splněn při
h1+h2 5. Použití vztahu 8.60sin
cos.7 omezeno podmínkou
18.2
10.2
10.12,4 hhrp výrazně větší než délka trasy km
a zakřivení Země možno zanedbat.283.30
3
3
ρ
= 0,0866.10-2
.12,4.966,01
