... pre 2. ročník stredných priemyselných škôl elektrotechnických. Základy elektrotechniky II obsahovo a metodicky nadväzujú na Základy elektrotechniky I. Ucelený prehlad o fyzikálnych pojmoch, zákonoch a spôsoboch využívania elektriny v technickej praxi poskytujú až komplexné poznatky z obidvoch dielov učebnice. Z uvedených dôvodov nezaoberáme sa v úvode tohto dielu s významoma úlohami elektrotechniky a ani s jej historickým vývojom. Tomuto neodmyslitelnému vstupu do štúdia základov elektrotechniky je určený úvod prvého dielu aj pre tie vedné a technické oblasti, ktorých fyzikálne základy sa naučíme poznávať až v tejto časti učebnice. Preto je potrebné zopakovať si už známe objavy z fyzikálneho oboru elektriny a magnetizmu, priekopníkov rozvoja vedy a techniky v tomto smere a prednosti elektrickej energie pre všetky oblasti spoločenskej výroby i služieb.
sériovo-paralelnom obvode nie je
totiž medzi výsledným napätím výsledným prúdom fázový posun ani
činného odporu reaktancií.
c) Vypočítajme duálový obvod p||XLp vetvy L:
d) Teraz riešime obvod ||L ||C ktorom —800 Xl—400 Q,
Xc 600 Tento obvod ekvivalentný zadaným obvodom
(R )||C .
b) Pomôcť môžeme tak, impedanciu vetvy nahradíme duálo
vým obvodom p||XLp.600
X 0
= 1200 £2
Z =
1
= 666 Í2
e) Potom
I 0,33A; cos 0,8325; <p= 33°38'
Z ODO iv
35
. Potom dostaneme obvod Rp||XLp||X ktorý vieme
riešiť využitím doteraz známych poznatkov.X 400.
0 ani rad, ale môže dosiahnuť všeobecnú hodnotu podľa veľkostí
ZL= Vl602+ 3202= 357,77 Q
cosq>L =0,4472
sin <pL= 0,8944
XLP. výpočet impedancie nemôžeme preto
aplikovať Pytagorovu vetu fázorového diagramu prúdov.
Ide sériovo-paralelný obvod, ktorý zatial nevieme riešiť priamo
využitím doteraz známych poznatkov.Pred vysvetlením postupu riešenia zhodnoťme nakreslený obvod
